设函数f（x）=ex-e-x （Ⅰ）证明：f（x）的导数f'（x）≥2； （Ⅱ）若对所有x≥0都有f（x）≥ax,求a的取（Ⅰ）f（x）的导数f'（x）=ex+e-x．由于ex+e-x≥2ex•e-x =2,故f'（x）≥2．（当且仅当x=0时,等号成立）．（Ⅱ）令g（x）=f（x）-ax,则g'（x）=f'（x）-a=ex+e-x-a,（ⅰ）若a≤2,当x＞0时,g'（x）=ex+e-x-a＞2-a≥0,故g（x）在（0,+∞）上为增函数,所以,x≥0时,g（x）≥g（0）,即f（x）≥ax．（ⅱ）若a＞2,方程g'（x）=0的正根为x1=lna+a2-4 2 ,此时,若x∈（0,x1）,则g'（x）＜0,故g（x）在该区间为减函数．所以,x∈（0,x1）时,g（x）＜g（0）=0,即f（x）＜ax,与题设f（x）≥ax相矛盾．综上,满足条件的a的取值范围是（-∞,2]．但是不明白第二问为什么对a分类讨论,第二问的思路是什么?

设函数f（x）=ex-e-x （Ⅰ）证明：f（x）的导数f'（x）≥2； （Ⅱ）若对所有x≥0都有f（x）≥ax,求a的取
（Ⅰ）f（x）的导数f'（x）=ex+e-x．
由于ex+e-x≥2
ex•e-x
=2,故f'（x）≥2．
（当且仅当x=0时,等号成立）．
（Ⅱ）令g（x）=f（x）-ax,则g'（x）=f'（x）-a=ex+e-x-a,
（ⅰ）若a≤2,当x＞0时,g'（x）=ex+e-x-a＞2-a≥0,
故g（x）在（0,+∞）上为增函数,
所以,x≥0时,g（x）≥g（0）,即f（x）≥ax．
（ⅱ）若a＞2,方程g'（x）=0的正根为x1=ln
a+a2-4
2
,
此时,若x∈（0,x1）,则g'（x）＜0,故g（x）在该区间为减函数．
所以,x∈（0,x1）时,g（x）＜g（0）=0,即f（x）＜ax,与题设f（x）≥ax相矛盾．
综上,满足条件的a的取值范围是（-∞,2]．
但是不明白第二问为什么对a分类讨论,第二问的思路是什么?