已知平面上的动点P(x,y)及两定点A(-2,0),B(2,0),直线PA,PB的斜率分别是k1,k2,且k1·k2=-1/4(1)求动点P的轨迹C的方程(2)设直线l:y=kx+m与曲线C交于不同的两点M,N(i)若OM⊥ON(O为坐标原点),证明点O到直线l的距离为定值,并求出这个定值(ii)若直线BM,BN的斜率都存在并满足k(BM)·k(BN)=-1/4,证明直线l过定点,并求出这个定点
问题描述：
已知平面上的动点P(x,y)及两定点A(-2,0),B(2,0),直线PA,PB的斜率分别是k1,k2,且k1·k2=-1/4
(1)求动点P的轨迹C的方程
(2)设直线l:y=kx+m与曲线C交于不同的两点M,N
(i)若OM⊥ON(O为坐标原点),证明点O到直线l的距离为定值,并求出这个定值
(ii)若直线BM,BN的斜率都存在并满足k(BM)·k(BN)=-1/4,证明直线l过定点,并求出这个定点
答
唉，高中题都忘了啊，当时这种题很顺的，帮不上你了。。。
答
呵呵，头都大了。支持一下就走。
答
yx+2
•
yx−2
=-
14
（x≠±2）,即x2+4y2-4=0．
所以点P的轨迹C的方程为
x24
+y2=1（x≠±2）．
（2）证明：设M（x1,y1）,N（x2,y2）,
联立方程
y＝kx+mx24
+y2＝1
,得（4k2+1）x2+8kmx+4m2-4=0．
所以x1+x2=
−8km4k2+1
,x1x2=
4m2−44k2+1
．
所以y1y2=（kx1+m）（kx2+m）=k2x1x2+km（x1+x2）+m2=
m2−4k24k2+1
．
又kBM•kBN=-
14
,即
y1x1−2
•
y2x2−2
=-
14
,
即x1x2-2（x1+x2）+4+4y1y2=0．
代入并整理得m（m+2k）=0,即m=0或m=-2k,
当m=0时,直线l恒过原点；
当m=-2k时,直线l恒过点（2,0）,但不符合题意．
所以直线l恒过原点．
由题意得
•
=-
（x≠±2）,即x2+4y2-4=0．
所以点P的轨迹C的方程为
+y2=1（x≠±2）．
（2）证明：设M（x1,y1）,N（x2,y2）,
联立方程
,得（4k2+1）x2+8kmx+4m2-4=0．
所以x1+x2=
,x1x2=
．
所以y1y2=（kx1+m）（kx2+m）=k2x1x2+km（x1+x2）+m2=
．
又kBM•kBN=-
,即
•
=-
,
即x1x2-2（x1+x2）+4+4y1y2=0．
代入并整理得m（m+2k）=0,即m=0或m=-2k,
当m=0时,直线l恒过原点；
当m=-2k时,直线l恒过点（2,0）,但不符合题意．
所以直线l恒过原点．