质量为2Kg的滑块以V0=4m/s的初速度从倾角为30°的斜面底端向上滑行，上滑的最大距离L=1m，则小球回到原出发点的动能是多少？（g=10m/s2）
问题描述：
质量为2Kg的滑块以V0=4m/s的初速度从倾角为30°的斜面底端向上滑行，上滑的最大距离L=1m，则小球回到原出发点的动能是多少？（g=10m/s2）
答
知识点：本题中涉及到空间距离问题，要优先考虑动能定理，运用动能定理时，要灵活选择研究的过程，本题也可以对整个过程列式这样的方程：-2fL=Ek-
mv2．
设小球上滑的最大距离为L，所受的滑动摩擦力大小为f．根据动能定理得：
上滑过程：-mgLsin30°-fL=0-
mv02； 1 2
下滑过程：mgLsin30°-fL=Ek-0；
解得：Ek=4J；
答：小球滑回到出发点时动能为4J．
答案解析：小球先上滑后下滑，上滑与下滑过程中滑动摩擦力做功相等，运用动能定理对两个过程分别列式，即可求解．
考试点：动能定理；动能．
知识点：本题中涉及到空间距离问题，要优先考虑动能定理，运用动能定理时，要灵活选择研究的过程，本题也可以对整个过程列式这样的方程：-2fL=Ek-
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